问题描述
在世界中心贝拿勒斯（在印度北部）的圣庙里，一块黄铜板上插着三根宝石针。印度教的主神梵天在创造世界的时候，在其中一根针上从下到上地穿好了由大到小的64片金片，这就是所谓的汉诺塔。不论白天黑夜，总有一个僧侣在按照下面的法则移动这些金片：一次只移动一片，不管在哪根针上，小片必须在大片上面。僧侣们预言，当所有的金片都从梵天穿好的那根针上移到另外一根针上时，世界就将在一声霹雳中消灭，而梵塔、庙宇和众生也都将同归于尽。
扯远了，把这个问题简单描述下有A,B,C三根柱子，将A柱上N个从小到大叠放的盘子移动到C柱，一次只能移动一个，不重复移动，小盘子必须在大盘子上面。
问一共需要移动多少次,步骤是什么?
解决思路
让我们从简单的情况下开始考虑
首先我说明几个数学符号，我自己瞎编的，为了方便表示问题，不用打那么多字
A -> B
箭头意思代表是从 A柱 移动到 B柱 ,每次移动都是移动最上面的那一块
n = 1
只有一个盘子的时候，很简单，直接移就是了，用数学符号记录一下代表 A -> C
n = 2
如果有两个盘子,就分为三步
1.先将最上面的盘子也就是(从下往上数)第2个盘子,先移动到B 记为 A -> B
2.然后将第一个盘子移动移动到C , A -> C
3.最后将 B柱子上的盘子 移动到 C柱 , B -> C
n = 3
如果有三个盘子,就分为7步,这里就不打字了，太累，用数学符号表示
A -> C
A -> B
C -> B
A -> C
B -> A
B -> C
A -> C
额，不要摆出一副黑人问号脸...，自己随便拿三个道具摆一摆就知道了
当你摆一摆的时候就知道，我知道了，一个盘子移动1次，二个盘子移动3次，三个盘子移动7次，四个盘子移动15次，N个盘子移动 (2^n - 1) 次!
恭喜你答对了！数学归纳法找规律不需多久就可以找到规律，但还有问题是究竟要怎么移呢?... 以及用程序怎么解决呢？
n = n....
抽象出这个问题
将问题抽象出来并且转化为数学模型或者公式，是解决现实生活中复杂问题的一个很好的解决办法，例如谷歌的翻译，大家都觉得很智能，自然语言的翻译从20世界60年代就开始研究了，具体细节这里不是重点，最后的解决思路是基于统计模型来解决的，也就是说，困扰了很多年的问题最后是抽象成一个概率论公式得以解决，事实上，众多复杂的问题最后进行抽象其实就是几个流程和公式而已，下面就以这个哈诺塔问题为例。
当有N个盘子的时候，似乎很难去想具体怎么实现，既然这么难想，就不用去想，首先这个问题，中有三个柱子，A,B,C，这里也太具体了，抽象一下，怎么抽象呢？假如这个问题只有2根柱子，你能完成吗？废话，肯定不行啊，我还需要一个柱子来辅助移动，所以这里的A,B,C三个柱子就抽象成，起始柱，中间柱，目标柱，这里用from,mid,to来表示
ok，现在是盘子的数量抽象成了n，柱子也抽象成了,from,mid,to 三种柱子，下面对过程进行抽象，将n个盘子从 from 柱子 移动到 to 柱 ，其实总体来看是三步
将n-1个盘子从 起始 柱 移动到 中间 柱
将第n个盘子从 起始 柱 移动到 目标 柱
将第n-1个盘子从 中间 柱 移动到 目标 柱 这里你可能会说了，我靠，不是只让移动一个盘子的吗，你这第1步和第3步移动了n-1个盘子啊...，对，所以我这里的过程说的是抽象的过程，也就是说不管具体的实现细节是怎样的，要达成所有的盘子都从A->C的效果，中间一定是有一步是达到这个效果的，就好比你从北京去纽约，假设只有一条国际航班，要经过巴黎，那我就可以说你从北京去纽约，只有两步，第一步是去巴黎，第二步是从巴黎去纽约，这里的道理是同样的。
那么现在将上面的第1步怎么实现呢？同样抽象，只要将n 替换成 n-1 即可,第三步也是同理
将n-2个盘子从 起始 柱 移动到 中间 柱
将第n-1个盘子从 起始 柱 移动到 目标 柱
将第n-2个盘子从 中间 柱 移动到 目标 柱
代码实现
那这个过程，用程序来抽象就是 一个Plate方法,接受四个参数,n,from,mid,to，四个参数的意思分别是
n 代表要移动几个盘子
from 代表起始柱的名字
mid 代表借助的中间柱的名字
to 代表目标柱的名字
方法的 作用是 将 n 个盘子 从 from 移动到 to
代码如下
/**
* 将n个盘子从 from 移动到 to
*/
public static void movePlate(int n, String from, String mid, String to) {
/* 如果只有一个盘子,就直接从 from 移动到 to */
if (n <= 1) {
System.out.println(from + " -> " + to);
return;
}
/* 1.将 n-1 个盘子 从 from 移动到 mid */
movePlate(n - 1, from, to, mid);
/* 2.将第 n 个盘子 从 from 移动到 to */
System.out.println(from + " -> " + to);
/* 3.将 n-1 个盘子 从mid 移动到 to */
movePlate(n - 1, mid, from, to);
}
你可以发现除去注释，真正的代码只有5行,就将这个问题给解决了，再次提醒这里的from , mid ,to 是形参，代表的是起始住，中间柱，和目标驻，不是具体的哪一个柱子，所以在第12行，因为第一步是将N-1个移动到中间柱,所以参数时from,to,mid,第18行将n-1个从中间柱移动到目标驻,所以参数时mid,from,to，中间的参数就是需要借助的柱子。
下面测试一下代码,这里根据题目把from,mid,to起个名分别是A,B,C,那执行这个方法就是将3个盘子从A移动到C
public static void main(String[] args) {
movePlate(3, "A", "B", "C");
}
n = 3 的时候
A -> C
A -> B
C -> B
A -> C
B -> A
B -> C
A -> C
Process finished with exit code 0
发现和上面人为思考的结果是一样的哦
当n = 4的时候
A -> B
A -> C
B -> C
A -> B
C -> A
C -> B
A -> B
A -> C
B -> C
B -> A
C -> A
B -> C
A -> B
A -> C
B -> C
Process finished with exit code 0
一共是15步,也没有问题,再多的我就不测了,有兴趣的自己试试按照上面的打印结果来进行操作
推算次数
利用递归的方法同样可以很容易的写出计算次数的方法
public int countMovePlate(int n) {
if (n <= 1) return 1;
return countMovePlate(n - 1) + 1 +countMovePlate(n-1);
}
那问题来了,还能优化吗？
上文说到人为观察，利用数学归纳法可以得出需要的次数是 (2^n - 1) 次，那么这个数究竟是怎么得到呢？
先把上面的程序复制下来，进行观察
/* 1.将 n-1 个盘子 从 from 移动到 mid */
movePlate(n - 1, from, to, mid);
/* 2.将第 n 个盘子 从 from 移动到 to */
System.out.println(from + " -> " + to);
/* 3.将 n-1 个盘子 从mid 移动到 to */
movePlate(n - 1, mid, from, to);
核心代码就三行,假设moveplate这个方法需要移动的次数为 (a_n) 次,那么上面的这三行需要移动的次数就应该是 [ a_n = a_{n-1} + 1 + a_{n-1} ]
第一步是 (a_n) ,第二步是固定的1次,第三步又是 (a_n) ,然后当 n = 1的时候 (a_1 = 1) ，再总结整理一下就成了
[ a_n=\left{ \begin{aligned} 1, n = 1\ 2a_{n-1} + 1,n > 1 \end{aligned} \right. ]
有没有梦回高中的赶脚，这是一个很简单的变形等比数列，我们让两边都加上1
[ a_n + 1 = 2a_{n-1} + 1 + 1 ]
也就是
[ a_n + 1 = 2a_{n-1} + 2 ]
再提取一下
[ a_n + 1 = 2(a_{n-1} + 1) ]
两边都除以 ((a_{n-1} + 1))
于是就成了
[ \frac {a_n + 1}{a_{n-1} + 1} = 2 ]
那接着将这个公式一直写竖式将他们相乘
[ \frac {a_n + 1} {a_{n-1} + 1} = 2 ]
[\frac {a_{n-1} + 1}{a_{n-2} + 1} = 2 ]
[\frac {a_{n-2} + 1}{a_{n-3} + 1} = 2 ]
[\vdots]
[\frac {a_2 + 1}{a_1 + 1} = 2 ]
接着约分, Markdown LaTex公式的删除线找了半天都没找到，知道的麻烦告知一下.
约分结果是
[\frac {a_n + 1}{a_1 + 1} = 2^{n-1} ]
接着将前面的 (a_1 = 1) 代入,于是
[\frac {a_n + 1}{2} = 2^{n-1} ]
再整理一下
[a_n = 2^n - 1 , n > 1]
所以说
[ a_n=\left{ \begin{aligned} 1, n = 1\ 2^n - 1 , n > 1 \end{aligned} \right. ]
将n =1 代入 n > 1 的情况,也是成立的,因此
[a_n = 2^n - 1 ]
所以经过推导之后java代码如下,因为涉及到 (2^n) 这种运算,可以使用移位符,这样底层移动速度很快
代码如下
public static int countMovePlate(int n) {
return n >= 1 ? (1 << n) - 1 : 0;
}
结论
最终我们解决汉诺塔的移动顺序与统计次数的代码如下,可以看出并不需要几行代码就解决了问题
/* 打印出移动顺序 */
public static void movePlate(int n, String from, String mid, String to) {
if (n <= 1) {
System.out.println(from + " -> " + to);
return;
}
movePlate(n - 1, from, to, mid);
System.out.println(from + " -> " + to);
movePlate(n - 1, mid, from, to);
}
/* 返回需要移动的次数 */
public static int countMovePlate(int n) { return n >= 1 ? (1 << n) - 1 : 0;}
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